免费毕业论文--对110KV变电所进行设计(七)

本文ID:LW5695

免费毕业论文--对110KV变电所进行设计(七)

bsp; 即：tjs= tb+ td
    其中：tb=0.5s    td=0.15s   即：tjs=0.5+0.15=0.65s
    因：tjs＜1s    所以应考虑β//=1非周期分量作用时间0.05s，    在β//=1时，查《发电厂电气设备》中周期分量等值时间曲线，得tz=0.5s, 所以tdz=0.5+0.05=0.55s
    所以   I2∞tdz=4.9222×0.55=13.3(KA2·S)
           I2rt=31.52×3=2976.5(KA2·S)
    I2∞tdz≤I2rt满足热稳定要求
    b、动稳定校验：ich≤idw
    ich=12.55KA    idw=80KA     所以满足要求
c、开断电流校验：Iekd＞I//
    Iekd=31.5KA    I//=4.922KA   所以Iekd＞I//满足要求
故所选LW14—110型断路器符合要求
110KV侧隔离开关选GW4—110G型
Ie=1000A   Igmax=174A 所以Ie≥ Igmax满足要求
   Ue= Ugmax=110KV 所以Ue≥Ugmax 满足要求
a、热稳定校验：I2∞tdz≤I2rt
    I2∞tdz=4.9222×0.75=18.16(KA2·S)
    I2rt=21.52×5=2311.25(KA2·S)
    I2∞tdz≤I2rt满足热稳定要求
    b、动稳定校验：ich≤idw
    ich=12.55KA    idw=80KA     ich＜ idw所以满足要求
故所选GW4—110G型隔离开关符合要求
（2）35KV侧选ZN23—35C型断路器
    Ie=1600A    Igmax=496A    所以Ie≥ Igmax满足要求
    Ue= 40.5KV   Ugmax=38KV   所以Ue≥Ugmax 满足要求
    a、热稳定校验：I2∞tdz≤I2rt
    即：tjs= tb+ td =0.5+0.2=0.7＜1s
     所以应考虑在β//=1非周期分量作用时间0.05s，在β//=1时，查《发电厂电气设备》中周期分量等值时间曲线，得tz=0.6s，即tdz =0.6+0.05=0.65s
    所以   I2∞tdz =8.2762×0.65=44.52(KA2·S)
           I2rt=252×4=2500(KA2·S)
    I2∞tdz≤I2rt满足热稳定要求
    b、动稳定校验：ich≤idw
    ich=21.1KA    idw=63KA     ich＜ idw所以满足要求
c、开断电流校验：Iekd＞I//
    Iekd=25KA    I//=8.276KA    Iekd＞I//所以满足要求
故所选ZN23—35C型断路器符合要求
35KV侧隔离开关选GW28—35型
Ie=600A   Igmax=496A 所以Ie≥ Igmax满足要求
Ue= Ugmax=35KV 所以Ue≥Ugmax 满足要求
    a、热稳定校验：I2∞tdz≤I2rt
    I2∞tdz=8.2762 ×0.75=51.37(KA2·S)
    I2rt=6.62×5=217.8(KA2·S)
    I2∞tdz≤I2rt满足热稳定要求
    b、动稳定校验：ich≤idw
    ich=21.2KA    idw=50KA     ich＜ idw所以满足要求
故所选GW28—35型隔离开关符合要求
    (3)10KV侧
A、主变侧选IN28A—12/3150A型断路器
    Ie=3150A    Igmax=1819A    所以Ie≥ Igmax满足要求
    Ue= 12KV   Ugmax=10.5KV 所以Ue≥Ugmax 满足要求
   a、热稳定校验：I2∞tdz≤I2rt
    即：tjs= tb+ td =0.5+0.5=1s(不考虑非周期分量)
    在β//=1时，查《发电厂电气设备》中周期分量等值时间曲线，得tdz=0.75s
    所以   I2∞tdz=22.612×0.75=383.41(KA2·S)
    I2rt=402×4=6400(KA2·S)
    I2∞tdz≤I2rt满足热稳定要求
   b、动稳定校验：ich≤idw
    ich=57

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2010-03-15 17:14:41【返回顶部】